在高中复习阶段，大家一定要多练习题，掌握考题的规律，掌握常考的知识，这样有助于提高大家的分数。威廉希尔app 为大家整理了高三物理上学期二调试卷，供大家参考。

【试卷综析】本试卷是高三模拟试卷，包含了高中物理必修一、必修二、主要包含了匀变速运动规律、受力分析、牛顿第二定律、动能定理、机械能守恒、知识覆盖面广，知识点全面。在考查问题上以基本定义、基本规律为主，以基础知识和基本技能为载体， 在试题上以高考为基本，是份非常好的试卷。

一、选择题(每小题4分，共60分。下列每小题所给选项至少有一项符合题意，请将正确答案的序号填涂在答题卡上)

【题文】1.科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然观具有重要作用。下列说法符合历史事实的是(    )

A.亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变

B.伽利略通过“理想实验”得出结论：一旦物体具有某一速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去

C.笛卡儿指出:如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向

D.牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质

【知识点】物理学史.O1

【答案解析】BCD 解析： A、亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动.故A错误.B、伽利略“理想实验”得出结论：力不是维持运动的原因，即运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去.故B正确.C、笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向，符合历史事实.故C正确.D、牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质，符合事实.故D正确.故选：BCD.

【思路点拨】本题应抓住亚里士多德、伽利略、笛卡儿和牛顿关于力和运动关系的一些理论和观点，进行分析.本题考查了一些力学物理学史，对于牛顿、伽利略和笛卡儿关于运动和力的观点，要理解并记牢.

【题文】2.如图所示，两个小球从水平地面上方同一点O分别以初速度v1、v2水平抛出，落在地面上的位置分别是A、B， 是O在地面上的竖直投影，且 :AB=1：3。若不计空气阻力，则两小球 (   )

A.抛出的初速度大小之比为1：4

B.落地速度大小之比一定为1：3

C.落地速度与水平地面夹角的正切值之比为4:1

D.通过的位移大小之比一定为1:

【知识点】平抛运动.D2

【答案解析】AC 解析：两球的抛出高度相同，故下落时间相同，落地时的竖直分速度相同;

两小球的水平位移分别为O′A和O′B;故水平位移之比为1：4; 故由x=vt可知两小球的初速度之比为1：4; 故A正确;由于未知两小球的下落高度，故无法求出准确的落地时的竖直分速度，故B无法求得落地速度之比故速度方向，故B错误;同理也无法求出位移大小之比，故D错误;因竖直分速度相等，tanθ= ，因竖直分速度相等，而水平初速度比值为1：4，故正切值的比值为4：1;故C正确;故选AC.

【思路点拨】两小球所在高度相同，故下落时间相同，竖直方向的速度增量相同;由水平位移关系可求出两小球的初速度的大小关系，进而求得落地速度的大小及方向关系;由几何关系可求得位移的比值.对于平抛运动要注意用好几何关系，并能灵活应用各物理量之间的关系.

【题文】3.质点做直线运动的位移x与时间t的关系为 (各物理量均采用国际单位制单位)，则该质点(   )

A.第1s内的位移是5m

B.前2s内的平均速度是6m/s

C.任意相邻1s内的位移差都是1m

D.任意1s内的速度增量都是2m/s

【知识点】匀变速直线运动的位移与时间的关系.A2

【答案解析】ABD 解析： A、将t=1s代入到x=4t+2t2 中得到第1s内的位移x=5m.故A正确.B、前2s内的平均速度 ，故B正确.C、将x=4t+2t2 与匀变速直线运动的位移公式x=v0t+ at2 对照得到：初速度v0=4m/s，加速度a=2m/s2，则任意相邻1s内的位移差是△x=aT2=2×12m=2m.故C错误.D、任意1s内的速度增量△v=at=2×1m/s=2m/s.故D正确.故选ABD

【思路点拨】将t=1s代入到x=4t+t2 中得到第1s内的位移;根据平均速度公式  求解前2s内的平均速度;将x=4t+t2 与匀变速直线运动的位移公式对照得到初速度v0和加速度a，由推论△x=aT2，研究任意相邻1s内的位移差.速度增量△v=at.本题考查对匀变速直线运动位移公式的掌握程度和应用能力，以及对加速度的理解能力，常见题型.

【题文】4.如图所示，一个质量为4kg的半球形物体A放在倾角为 =37°的斜面B上静止不动。若用通过球心的水平推力F=10N作用在物体上，物体仍静止在斜面上，斜面仍相对地面静止。已知sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，取g=10m/s2，则(   )

A.物体A受到斜面B的摩擦力增加8N

B.物体A对斜面B的作用力增加10N

C.地面对斜面B的弹力增加6N

D.地面对斜面B的摩擦力增加10N

【知识点】共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用.B3 B4

【答案解析】 D解析： A、没有施加力F时，对物体受力分析：

根据平衡条件：f=mgsinθ=4×10×0.6=24N施加力F后，对物体受力分析，如图：

根据平衡条件，在斜面方向：f′+Fcosθ=mgsinθ代入数据解得：f′=16N故物体受到斜面的摩擦力减少：△f=24N-16N=8N，故A错误;B、没有施加力F时根据平衡条件A受斜面作用力与重力等大反向，即大小为40N，根据牛顿第三定律物体A对斜面的作用力为40N反向向下，

施加力F后物体A对斜面的作用力如图：

F=  可以看出物体对斜面的作用力不是增加10N，故B错误;C、以整体为研究对象，力F的是水平的，所以不影响竖直方向的受力，地面对斜面的弹力大小不变，故C错误;D、以整体为研究对象，水平方向增加了10N的力F，根据平衡条件得地面对斜面的摩擦力增加10N.故D正确.故选：D.

【思路点拨】对没有施加力F时的半球进行受力分析，根据平衡条件求出物体受到的摩擦力;以整体为研究对象求出地面对斜面的摩擦力，然后进行比较.本题对物体受力分析后，将重力和推力按照实际效果进行正交分解，然后根据平衡条件列方程分析判断.

【题文】5.如图甲所示，足够长的水平传送带以t0 =2m/s的速度匀速运行，t=0时，在最左端轻放一个小滑块，t=2s时，传送带突然制动停下。已知滑块与传送带之间的滑动摩擦因数为 =0. 2，g=10m/s2。在图乙中，关于滑块相对地面运动的v-t图像正确的是 (    )

【知识点】牛顿第二定律;匀变速直线运动的速度与时间的关系;匀变速直线运动的图像.A2 A5 C2

【答案解析】D 解析：滑块放在传送带上受到滑动摩擦力作用做匀加速运动，a=  =μg=2m/s2，滑块运动到与传送带速度相同时需要的时间t1=  =1s然后随传送带一起匀速运动的时间t2=t-t1=1s当送带突然制动停下时，滑块在传送带摩擦力作用下做匀减速运动直到静止，a′=-a=-2m/s2

运动的时间t3= =1s所以速度时间图象对应D选项.故选D

【思路点拨】滑块放在传送带上受到滑动摩擦力作用做匀加速运动，当速度与传送带相等时，和传送带一起做运动运动，当传送带突然制动停下时，滑块在传送带摩擦力作用下做匀减速运动直到静止.物体在传送带运动问题，关键是分析物体的受力情况，来确定物体的运动情况，有利于培养学生分析问题和解决问题的能力.

【题文】6.用细绳拴一个质量为m的小球，小球将一固定在墙上的水平轻质弹簧压缩了x(小球与弹簧不拴连)，如图所示。将细绳剪断后(   )

A.小球立即获得 的加速度

B.小球在细绳剪断瞬间起开始做平抛运动

C.小球落地的时间等于

D.小球落地的速度大于

【知识点】牛顿第二定律;胡克定律.B1 C2

【答案解析】CD 解析：A、细绳剪断前受重力、弹力和拉力，三力平衡，故弹力和重力的合力为：F合= ;剪断细线后，弹力和重力不变，故合力为F合= =ma，故a≠ ，故A错误;B、平抛运动只受重力;将细绳烧断后，小球受到球的重力和弹簧的弹力的共同的作用，合力斜向右下方，并不是只有重力的作用，所以不是平抛运动，故B错误.C、小球竖直方向只受重力，竖直分运动是自由落体运动，故小球落地的时间t= ，故C正确;D、如果不受弹簧弹力，小球落地速度等于 ，有弹簧弹力做功，故落地速度大于 ，故D正确;故选：CD.

【思路点拨】对小球受力分析可知，在与弹簧接触时，小球受到球的重力和弹簧的弹力的共同的作用，此过程中弹簧的弹力是不断减小的，离开弹簧之后，小球只受到重力的作用，做匀变速运动.对小球受力分析，根据球的受力的情况来判断小球的运动的情况及各力做功情况，要注意的是在与弹簧分离之前，弹簧的弹力是不断减小的.

【题文】7.乘坐“空中缆车”饱览大自然的美景是旅游者绝妙的选择。若某一缆车沿着坡度为30°的山坡以加速度a上行，如图所示。在缆车中放一个与山坡表面平行的斜面，斜面上放一个质量为m的小物块，小物块相对斜面静止(设缆车保持竖直状态运行)。则(   )

A.小物块受到的摩擦力方向平行斜面向上

B.小物块受到的摩擦力方向平行斜面向下

C.小物块受到的滑动摩擦力为 mg+ ma

D.小物块受到的静摩擦力为 mg+ ma

【知识点】牛顿第二定律;力的合成与分解的运用.B3 C2

【答案解析】AD 解析：以木块为研究对象，分析受力情况：重力mg、斜面的支持力N和摩擦力f，f沿斜面向上.根据牛顿第二定律得

f-mgsin30°=ma解得，f= mg+ma，方向平行斜面向上.故选AD

【思路点拨】由题知：木块的加速度大小为a，方向沿斜面向上.分析木块受力情况，根据牛顿第二定律求解木块所受的摩擦力大小和方向.本题首先要正确分析木块的受力情况，其次要能根据牛顿第二定律列式，求摩擦力，难度不大.