参考答案及评分标准：

一、选择题

1.B   2.B  3. D  4. ABD  5. B  6. ACD  7. A  8. D  9. ACD  10. D

二、填空题

11.5.0×l0-5T(1分)   与竖直方向成37°斜向下(或斜向上)(1分)， 2.0×10-4(2分)

12.答案：3.0×10-3(2分)，下(2分)

13.  (2分)    (1分)  沿斜面向下(1分)

三、实验探究题

14.0.12(2分)，9  (3分)

15.能沿x轴正向：Eq+Bqv=mg;(1分)能沿x轴负向：Eq=mg+Bqv;(1分)

能沿y轴正向或负向：Eq=mg;(1分)

不能沿z轴，因为电场力和重力的合力沿z轴方向，洛伦兹力沿x轴方向，合力不可能为零. (2分)

四、计算题

16.解析：画出导体棒ab受力的截面图，如图所示

导体棒ab所受安培力：F = BIL     (3分)

由牛顿第二定律得：   Fsinα=ma     (2分)

导体棒ab 中的电流：  I=E/R       (1分)

得 (2分)

17.解析：电子进入匀强磁场中作匀速圆周运动，轨迹如图，由几何关系得，

(2分)

解得电子运动半径 ，圆心角    (2分)

电子在磁场中运动时间   (3分)

将 代入上式解得    (2分)

18.解析： 带正电的粒子射入磁场后，由于受到洛伦兹力的作用，粒子将沿图示的轨迹运动，从A点射出磁场，O、A间的距离为L，射出时速度的大小仍为v0，射出方向与x轴的夹角仍为θ。

由于洛伦兹力提供向心力，则： ，R为圆轨道的半径，(4分)

解得：       (2分)

圆轨道的圆心位于OA的中垂线上,，由几何关系可得：

(2分)

联立两式解得       (2分)

19解析：(1)由匀加速运动公式 a=v22s =9×105m/s2(3分)

(2)由安培力公式和牛顿第二定律，有 F=IBl=kI2l(2分)

kI2l=ma(1分)

因此  I=makl =6.0×105A(1分)

(3)滑块获得的动能是电源输出的能量转化的，所以

PΔt×9%=12 mv2(1分)

发射过程中电源供电时间Δt=va =13 ×10-2s(1分)

所需的电源输出功率为P=12mv2Δt×9% =4.5×108W(1分)

(或P=12 Fv/9%=12 mav/9%

由功率P=IU，解得输出电压  U= PI =750V(1分)

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