参考答案

1.C　[竖直上抛的物体运动到最高点时不是平衡状态，选项A错误;从同一高度同时做自由落体运动和做平抛运动的相同小球能同时落地，说明平抛运动在竖直方向上的分运动是自由落体运动，选项B错误;把一根条形磁铁插入闭合线圈，磁铁插入的速度越大，感应电流越大，说明感应电动势的大小和磁通量变化的快慢即变化率有关，选项D错误，选项C是正确的。]

2.D　[同一点上椭圆轨道和圆轨道万有引力等大，A错误;制动时，探路先锋应向前喷气以减速变轨进入圆轨道，B错误;由于月球半径未知，无法计算月球密度，C错误;圆轨道上的“探路先锋”若再变轨到较低圆轨道后轨道半径变小，由G=m()2r=m得v=，T=2π，知周期变小，速度变大，动能变大，D正确。]

3.C　[由图乙可知，S接在a端，电压表示数为110 V，A错误;由=可知原线圈输入电压为220 V，B错误;由=可知副线圈接b，电压表读数为80 V，C正确;S接在a端，一段时间后，由于电阻发热，热敏电阻阻值变小，副线圈电流变大，电流表示数变大，D错误。]

4.D　[0～10 s内物体所受合力沿F1方向，大小逐渐减小，物体沿F1方向做加速度减小的加速运动，10～20 s内物体所受合力沿F2方向，大小逐渐增大，物体沿F1方向做加速度增大的减速运动，选项A、B错误;物体运动的v-t图象如图所示，图象左右对称，5 s末和15 s末两时刻物体速度大小相等，方向相同，选项D正确;20 s末物体的速度为0，选项C错误。]

5.D　[因拉小球的细线呈竖直状态，所以木板、小球均匀速下滑，小球的动能不变，重力势能减小，机械能不守恒，A错误;同理，木板、小球组成的系统动能不变，重力势能减少，机械能也不守恒，B错误;木板与小球下滑过程中满足(M+m)gsin θ=μ(M+m)gcos θ，即木板与斜面间的动摩擦因数为μ=tan θ，C错误;由能量守恒知木板、小球组成的系统减少的机械能转化为内能，D正确。]

6.BC　[由于在球壳内场强处处为零，因此从O向P运动的过程中小球不受电场力，只受重力，做匀加速直线运动，通过P点后，小球受重力和电场力继续做加速运动，但由于电场力逐渐减小，故合外力减小，根据动能定理可知Ek-x图象的斜率为小球所受的合外力，故斜率先不变，经过P点后斜率瞬间增大后再减小，故A错误;由功能关系可知重力势能减少且Ep1-x图象的斜率表示重力，B正确;电势能的变化只看电场力做功，Ep2-x图象的斜率表示电场力，过P点后电场力减小斜率减小，故C正确;而机械能的变化看重力以外即电场力做的功，因此E-x图象的P点后电场力减小斜率减小，故D错误。]

7.AD　[金属导电的实质是其中的自由电子做定向移动，当导体中通有题图所示向右的电流时，由左手定则可知电子向上表面聚集，使得上表面的电势低于下表面的电势，A正确，B错误;达到稳定状态时，电子所受洛伦兹力与电场力平衡，设电子定向移动的速率为v，铝板内电场强度为E，有evB=eE=e，化简可得vB=，只将铝板的宽度d减小为原来的I=neSv可知，I不变，S减半，速率将增大到原来的2倍，所以上、下表面之间的电势差大小将变为原来的2倍，电压表的读数为2U，C错误;若只将电流减小为原来的一半，速率将减小到原来的一半，上、下表面的电势差也将变为原来的一半，电压表的读数为，D正确。]

8.AC　[由牛顿第二定律，F+mgsin θ=ma，解得线框进入磁场前运动的加速度为a=，A正确;由平衡条件，F+mgsin θ-F安=0，F安=BIl1，I=，E=Bl1v，联立解得线框进入磁场时匀速运动的速度为v=，选项B错误;线框做匀速运动的总时间为t==，选项C正确;由能量守恒定律，该匀速运动过程产生的焦耳热等于拉力与重F+mgsin θ)l2，选项D错误。]

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