(2)若对x1,x2∈R,且x10,f(1)=>0,f(e)=e-1<0,∴f(e-1)·f(1)>0,f(1)·f(e)<0,故选D.

2.【解析】选D.g(x)=f(x)-x=

当x≥2或x≤-1时，g(x)=x2-2x-1，令g(x)=0得x=1+，

当-10恒成立,

即对于任意b∈R,b2-4ab+4a>0恒成立,

所以有(-4a)2-4×(4a)<0⇒a2-a<0,

解之得0b>c,∴a>0,c<0,即ac<0.

又∵Δ=b2-4ac≥-4ac>0,∴方程ax2+bx+c=0有两个不等实根,∴函数f(x)必有两个零点.

(2)令g(x)=f(x)-[f(x1)+f(x2)],则g(x1)=f(x1)-[f(x1)+f(x2)]=,

g(x2)=f(x2)-[f(x1)+f(x2)]

=.

∴g(x1)g(x2)=[]·[]

=-[f(x1)-f(x2)]2.

∵f(x1)≠f(x2),∴g(x1)g(x2)<0.

∴g(x)=0在(x1,x2)内必有一实根.

即f(x)=[f(x1)+f(x2)]必有一实根属于(x1,x2).

14.【解析】(1)“对于任意的a∈R(R为实数集),方程f(x)=1必有实数根”是真命题.

依题意:f(x)=1有实根,即x2+(2a-1)x-2a=0有实根,

∵Δ=(2a-1)2+8a=(2a+1)2≥0对于任意的a∈R(R为实数集)恒成立,即x2+(2a-1)x-2a=0必有实数根,从而f(x)=1必有实数根.

(2)依题意:要使y=f(x)在区间(-1,0)及(0,)内各有一个零点,

只需

即解得0),则t2+mt+1=0,

当Δ=0时,即m2-4=0,∴m=2或m=-2.

又m=-2时,t=1,m=2时,t=-1(不合题意,舍去),

∴2x=1,x=0符合题意.

当Δ>0时,即m>2或m<-2时,

t2+mt+1=0有两正或两负根,

即f(x)有两个零点或没有零点,

∴这种情况不符合题意.

综上可知:m=-2时,f(x)有唯一零点,该零点为0.

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