1.A　解析:抛物线y2=4x的焦点为(1,0),则在双曲线中a=1.又2c=4,c=2,e==2.

2.C　解析:设F1,F2为焦点,由题意知,点M的轨迹是以F1F2为直径的圆,

则c1或k<-1.

9.解:设双曲线的方程为=1(a>0,b>0),

则a2+b2=()2=7.

由

消去y,得=1.

整理,得(b2-a2)x2+2a2x-a2-a2b2=0.(*)

由直线y=x-1与双曲线有两个交点知a≠b,

设M(x1,y1),N(x2,y2),

则x1和x2为方程(*)的根,

于是x1+x2=.

由已知得=-,

则=-,即5a2=2b2.

由得

故所求双曲线方程为=1.

10.解:(1)由|AF1|=3|F1B|,|AB|=4,

得|AF1|=3,|F1B|=1.

因为ABF2的周长为16,

所以由椭圆定义可得4a=16,

|AF1|+|AF2|=2a=8.

故|AF2|=2a-|AF1|=8-3=5.

(2)设|F1B|=k,则k>0,

且|AF1|=3k,|AB|=4k.

由椭圆定义可得|AF2|=2a-3k,|BF2|=2a-k.

在ABF2中,由余弦定理可得|AB|2=|AF2|2+|BF2|2-2|AF2|·|BF2|cosAF2B,

即(4k)2=(2a-3k)2+(2a-k)2-(2a-3k)·(2a-k),

化简可得(a+k)(a-3k)=0,

而a+k>0,故a=3k.

于是有|AF2|=3k=|AF1|,|BF2|=5k.

因此|BF2|2=|F2A|2+|AB|2,可得F1AF2A,

故AF1F2为等腰直角三角形.

从而c=a,所以椭圆E的离心率e=.

11.B　解析:将x=-c代入双曲线方程得A.

由ABE是直角三角形,得=a+c,

即a2+ac=b2=c2-a2,

整理得c2-ac-2a2=0.

∴e2-e-2=0,

解得e=2(e=-1舍去).

12.A　解析:可解方程t2cosθ+tsinθ=0,

得两根0,-.

不妨设a=0,b=-,

则A(0,0),B,

可求得直线方程y=-x,

因为双曲线渐近线方程为y=±x,

故过A,B的直线即为双曲线的一条渐近线,直线与双曲线无交点,故选A.

13.D　解析:因为椭圆的离心率为,

所以e=,c2=a2,a2=a2-b2.

所以b2=a2,即a2=4b2.

因为双曲线的渐近线为y=±x,代入椭圆得=1

即=1,

所以x2=b2,x=±b,y2=b2,y=±b.

则在第一象限的交点坐标为.

所以四边形的面积为4×b×b=b2=16.解得b2=5,

故椭圆方程为=1.

14.(1)证明:依题意可设AB方程为y=kx+2,代入x2=4y,得x2=4(kx+2),即x2-4kx-8=0.

设A(x1,y1),B(x2,y2),

则有x1x2=-8,

直线AO的方程为y=x;BD的方程为x=x2.

解得交点D的坐标为

注意到x1x2=-8及=4y1,

则有y==-2.

因此D点在定直线y=-2上(x≠0).

(2)解:依题设,切线l的斜率存在且不等于0,设切线l的方程为y=ax+b(a≠0),

代入x2=4y得x2=4(ax+b),

即x2-4ax-4b=0,

由Δ=0得(4a)2+16b=0,化简整理得b=-a2.

故切线l的方程可写为y=ax-a2.

分别令y=2,y=-2得N1,N2的坐标为N1,N2.

则|MN2|2-|MN1|2=+42-=8,

即|MN2|2-|MN1|2为定值8.

15.解:(1)设F(c,0),由条件知,,得c=.

又,所以a=2,b2=a2-c2=1.

故E的方程为+y2=1

(2)当lx轴时不合题意,故设l:y=kx-2,P(x1,y1),Q(x2,y2).

将y=kx-2代入+y2=1,

得(1+4k2)x2-16kx+12=0.

当Δ=16(4k2-3)>0,即k2>时,x1,2=.

从而|PQ|=|x1-x2|

=.

又点O到直线PQ的距离d=,

所以OPQ的面积SOPQ=d·|PQ|=.

设=t,则t>0,

SOPQ=.

因为t+≥4,当且仅当t=2,即k=±时等号成立,且满足Δ>0.

所以,当OPQ的面积最大时,l的方程为y=x-2或y=-x-2.

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